2023届普通高等学校招生考试预测押题卷(一)1化学(山东)答案

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35.（15分)(1)3s23p2(1分)原子晶体（共价晶体）(1分)sp(2分)②(2分)(2)2(1分)2(1分)(3)甲硫醇不能形成分子间氢键，而水和甲醇均能，且水比甲醇的氢键多(2分)(4)8(2分)a2cxN,×10(2分）2-(1分)91×4 16×8【考查点】本题考查物质结构与性质。【解析】(1)Si是14号元素，位于元素周期表第三周期第VA族，第VA族元素的价电子层的电子排布式为ns2p2'(n为周期数)，故Si的价电子层的电子排布式为3s23p2;单晶硅为原子晶体（共价晶体）；SiCl4中Si的价层电子对数为4 =4,故54-4×12采取的杂化类型为sp3;由水解反应机理图知，中间体SiCl,(H,0)可看作SiCl4中Si的1个3d空轨道与H,0中0的1个孤电子对形成配位键，故中间体SiCl,(H20)中Si采用spd杂化，故选②。(2)C02的结构式为0=C=0,1个双键中含有1个σ键和1个T键，故C02分子中存在2个σ键和2个π键。(3)CHOH、H20、CH,SH均为共价化合物，其熔沸点取决于分子间作用力，分子间作用力有范德华力和氢键，且氢键的作用远大于范德华力，CH,SH不能形成分子间氢键，沸点最低，CH,OH和H,0可形成分子间氢键，且H,0形成的分子间氢键比CH,OH形成的分子间氢键多，故CHOH的沸点介于H20和CH,SH之间。(4)Zr4 离子在晶胞中的配位数即与Zr4 距离最近且相等的02的个数，由晶胞结构图知，同一晶胞中与面心Z4“距离最近的02有4个，面心Zr4 为两个晶胞共用，故Z4艹的配位数为4×2=8；Z02晶胞中Z艹位于晶胞的顶点和面心，一个晶胞中含M91×4 16×8的个数为8×。 6×)=4,02位于晶胞体内，一个晶胞中含02的个数为8。晶胞质量m=M8NNg,晶胞体积V=91×4 16×8m=a2c×1030cm3,则p=NA91×4 16×8a2cx10-30g·cm3=2cxN,x10西g·m';由化合物中各元素的化合价代数和为0，结合Zn,Zr1-.0,中Zn为 2价，Zr为 4价，0为-2价，可列式：2x 4×(1-x)-2y=0,解得y=2-x。

27.(15分)(1)A、C(2分)(2)Cu0 H,S0,△CuS0, H,0(2分)不产生S0,(硫酸利用率高)(1分)(3)过滤(1分)干燥(1分)除尽铁和抑制CuS04水解(2分)破坏F(OH)3胶体易于过滤(2分)80×(m2-m3(4)(2分)9×(m3-m1(5)①③(2分)【考查点】本题考查实验综合。【解析】实验室用Cu0与稀硫酸制备胆矾(CuS04·5H,0)的方法如下：CuO蒸发浓缩冷却结晶过滤、洗涤、干燥CuSO,溶液CuS0,·5H,0稀H,SO(1)由上述流程知，稀H,S04与Cu0的反应、洗涤均需用到烧杯，蒸发浓缩需用到蒸发皿，故选A、C。(2)由题干知，主要反应为Cu0和稀H,S0,反应生成CuS0,和H,0,化学方程式为Cu0 H,S0,△CuS0, H,0;直接用废铜和浓硫酸共热，发生反应：Cu 2H,S0,(浓)△CuS0, S0,↑ 2H,0,对比两种反应原理可知，在制得等量CuS0,的情况下，前者消耗H2S0。的量更少，硫酸利用率更高，且不会生成S02造成环境污染。(3)由“CuO(杂质为氧化铁及泥沙)”知，用NH·H20调pH为3.5~4，可将Fe3*转化为Fe(OH)3除去，同时防止CuS04发生水解，加热煮沸10min可使Fe(0H)3胶体聚沉，生成较大颗粒的沉淀，利于过滤。(4)加热分解胆矾生成CuS0,和H,0,可得关系式：CuS0,·xH,0△CuS04xH,O1m3-m1m2-m3molmol1601880×(m2-m3)解得x=9×(m3-m1)(5)由结晶水的个数表达式知，①胆矾未充分干燥，导致m2偏大，则所得结果偏高；②坩埚未置于干燥器中冷却，冷却过程中，固体吸收环境中的水分，导致m3偏大，则所得结果偏低；③加热时有少量胆矾迸溅出来，导致m?偏小，则所得结果偏高；故选①③。